2021级理科综合训练8解析.docx

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1、2023级理科综合训练8解析3. B4.D6.A7.D8.A9.C10.11.D12.D13.D14 .【答案】C根据题意可得电能为EIi=EPX25%=410644x1.0103x10x2x25%J=3.210j故日发电量约为3.0x10J,ABD错误,C正确。故选C。15 .【答案】C设桌面为零势能面，链条的总质量为m.开始时链条的机械能为：耳=_海1；当链条刚脱离桌面时的机械能：E2=tnv21由机械能守恒可得：Ex=E2t即：1=mv2-mgt解得：224822U=更巫，故C正确，ABD错误。16 .【答案】D.工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动每个工件划伤传送带后

2、运动的规律相同，由此可知：1=解得将相邻两个物块放到传送带上的时间间隔为T=人而不能确定加速时间，故A错误；VB.传送带对每个工件做的功为：O=gmF故B错误；C.设工件加速运动的时间为人工件与传送带相对滑动的路程为：盘=山-=摩擦产生的热量为：Q=gwwgM加速时间不确定，无法得出每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量，故C错误；D.根据能量守恒得，传送带传送一个工件多消耗的能量为：E=mv2+mg=mv2+mgvt对于工件加速过程，有：U=W=整理得：b=”故D正确。故选D。17.【答案】A.设当小球A沿竖直滑槽下滑距离为T时，小球A的速度为匕，小球B的速度为岭，根据机械能守恒定律得mg.g

3、=Twm片两小球沿杆方向上的速度相等，贝IJ有cos60=%cos30。联立两式解得斗=3同,正确；B.小球A到达水平滑槽前瞬间小球B的速度为0,根据机械能守恒定律得?g=gm或解得匕=屈B错误；C.小球A、B组成的系统机械能守恒，小球B的动能开始是0,小球A撞击水平滑槽尸前瞬间小球B的动能还是0,所以轻杆对小球B先做正功后做负功，故C错误；aD.对整体进行受力分析，缓慢移动两小球，受力平衡，水平向左的推力与竖直槽对A轼A的弹力平衡尸=以再隔离小球A进行受力分析，竖直滑槽对小球A的弹力为F1mgtan小球A向下移我出动，夹角。增大，入增大，F增大，故D错误。.“/18.【答案】ABA.由图像可

4、知，当达到最大速度V2时，牵引力为2X10X,此时汽车功率为额定功率，且阻力等于牵引力，即有了=产=21()3N且4=也解得岭=40ms故A正确；B.由图像可知当速度为V1时，汽车的牵引力为8X10N,故此时根据牛顿第二定律可得分一-=心带入数据可得=2ms2故B正确；C.当车速达到VI时，结合图像分析可知，此时汽车的功率恰好达到额定功率，故有P=及K解得匕=IomZS故当汽车速度为8ms时，汽车还处于匀加速直线运动阶段，故由图知牵引力仍为8X10N,故P=七y=81O38W=6.41O1W故C错误；D.汽车由静止加速到VI所需时间为f=工=5s由图可知，BC段汽车的功率不变，且均为额定功率，

5、故此过程a牵引力所做功为W=Pz,=8IO4(85-5)J=6.4106J故D错误。故选ABo19 .【答案】BDA、由图示图象可知，子弹先做匀减速直线运动后做匀速直线运动，木块先做初速度为零的匀加速直线运动后做匀速直线运动，子弹做匀速直线运动的速度大于木块做匀速直线运动的速度，因此子弹射出了木块，故A错误；B、系统减少的机械能等于系统产生的热量，系统产生的热量等于阻力与子弹和木块相对位移的乘积，子弹与木块相对位移等于木块的长度，仅增加子弹的初速度，阻力f不变、木块长度1不变，系统产生的热量Q=f1不变，系统(木块和子弹)减少的机械能不变，故B正确；C、子弹在木块中受到的阻力f恒定不变，仅增加

6、子弹的初速度，子弹击穿木块所用的时间变短，木块相对地面的位移减小，子弹对木块做功减少，由动能定理知，木块获得的动能减小，故C错误；D、仅增加子弹的质量，子弹的加速度减小，木块的加速度不变，子弹射出木块过程的相对位移1=(vt-六子弹f?)-?木块t2,子弹穿过木块的时间变小，子弹对木块做的功变小，故D正确。20 .【答案】BCDA.如图1所示，设物块B滑至圆弧最低点时的速度为1将其分解为沿绳方向的速度匕和垂直绳方向的速度v2,其中分速度匕二%由几何关系可得以=&%故A错误；B.在物块B沿圆弧向下运动时，减小的机械能转化为物块A的机械能，则物块B到达圆弧最低点时，物块A的机械能最大，故B正确；C

7、.轻绳对物块A做的功等于其机械能的增加量W=就+mg后sin30。=欣+多阳R故C正确；2D.对滑至圆弧最低点的物块B进行受力分析如图2所示，由牛顿第二定律可得尸+工-Mg=M/解得尸=+2M里-?；故D正确。故选BCD。R21 .【答案】CDA.弹簧释放的过程，弹簧的弹性势能转化为滑块的动能，两次弹性势能相同，则两滑块到B点的动能相同，但质量不同，则速度不同，故A错误；B.两滑块在斜面上上滑时加速度相同，由于初速度不同，故上升的最大高度不同，故B错误；CD.两滑块上升到最高点过程克服重力做的功为Ingh,由能量守恒定律得：弹簧的弹性势能,EP,mgh=c,.ah.Ep=Ingh+mgcos1

8、+Sine所以tan故两滑块上升到最高点过程克服重力做的功相同。损失的机械能等于克服摩擦力做的功，即匚ChmghE.=NIngcos=-Sinetanmgh、。相同，则机械能损失相同。故CD正确。故选CD。22. 8分CB(2)1.84(3)C22题每空2分23题前两个空2分，最后一个3分23. 7分经两个光电门的时间相等(2)AB(3)mg1=J(m+M)J(m+M)(当Z11Z1224.12分=3+6+3(1)根据动量守恒可得m%=(m+M)y根据能量守恒可得gmg(M+n)/=Sg1代入数据得=02(2)施加外力到撤去外力的过程，对长木板用动量定理得&-=用施加外力到撤去外力的过程，对小

9、物块用动量定理得，/=，为撤去外力后，系统动量守恒，弹簧弹性势能最大时两物体共速，则+m岭=(m+)匕受外力时长木板做匀加速直线运动，其位移为4=；卬从静止开始到共速过程对系统运用动能定理可得3-Mg1+W=g(M+；W弹=-AE刚=-Ep冲若撤去外力到共速运用能量守恒得mg(-5tj1)+=Iv12+1wvj-1(/+m)vj；即=g卬一gvV代入数据得E浑二IJ(3)根据能量守恒可得E泮=4吆/小物块最终停在距A点X处，则X=1-/代入数据解得X=O.3m25. 20分=5+8+7解析由题意可知：1因=7R-2R=5R设P到达B点时的速度为vs,由动能定理得mg1sin0IIn1gIKCo

10、SO=那Vb?式中0=37,联立式并由题给条件得vb=2相。(2)设BE=X,P到达E点时速度为零，此时弹簧的弹性势能为&,由BfE过程，根据动能定理得mgxsin0mgxcosEp=O-mv2E、F之间的距离11为1=4R2R+xP到达E点后反弹，从E点运动到F点的过程中，由动能定理有Ep-mg1sinmg1cos0=0联立式得X=REP=WmgRoD点与G点的水平距离为Xi和竖直距离为山，0=370,设改变后P的质量为叫,由几何关系(如图所示)得：0=3Ry=RRRcos0=R设P在D点的速度为vd,由D点运动到G点的时间为t1Q由平抛运动公式得：y=gX=Vnt联立设P在C点速度的大小为

11、Vc在P由C运动到D的过程中机械能守恒，有摄)&=/1鬲+【11亳电+制)05)P由E点运动到C点的过程中，由动能定理得Ep-mg(x+5R)sinmg(x+5R)cosO=InhVC联立m=mo26. (1)不合理(1分)(2)B(3)防止倒吸通过气泡观察到N%产生的速率快慢(4) C(5)2NH,tSCN+K2CO3=2KSCN+2NH31+C021+H2O(6)3H2S+Cr2+8H=3SI+2Cr3f+7H20重结晶27. (1)Cu.C强(2)CUS的溶解度比CU(OH)2小，能使Ci?充分沉淀，提高CU的回收率(3) 3CuS8HNO3=3Cu(NO3)2+3S+2NO+4H2O2

12、:3(4)HNO3Cih(OH)G28. (1)恒压滴液漏斗(1分)2MnO4+5H2C2O4+6H*=2Mn2+1OCO2+8H2O反应产生的M对反应具有催化作用Mn2+2HCO3=MnCO3J+CO2T+H2O(4)低温烘干防止潮湿的MnCO3被空气氧化9007C(5) MnO22Mn2O3=4MnO+O2以下生物部分除特殊说明外每空2分29. (1)光照强度、C02浓度.黑暗(2)叶绿体移向线粒体和外界环境(叶室)中葡萄糖一丙酮酸一二氧化碳fC3(CH2O)(3)增加20到30C,叶肉细胞净光合速率不变，但是呼吸速率增加，总光合速率增加30. (1)做相同的手术，但不摘除下丘脑溶剂X做相

13、同的手术，但不摘除下丘脑，注射等量溶剂X耗氧量，并计算平均值（或血液中甲状腺激素的含量）（合理即可）（2）神经体液31. （1）“J”3（2） .水体富营养化作为生产者为生物提供物质和能量；通过吸收水中N、P元素净化水质（3） .BCD12%32. （1）BBX,XrXbbXY或BBXrYXbbXRXR（2） 丁早X甲&或丁9X乙8或丁早X丙&（3）丙X丁黑身细眼：灰身细眼：灰身粗眼二1：2：1实验二：选择的亲本组合是丁X戊，杂交得3,B雌雄果蝇交配，若F2的性状分离比为长翅细眼：长翅粗眼：残翅细眼：残翅粗眼=9：3：3：1,则基因位于In号染色体上，否则位于IV号染色体上；若F2的性状分离比

14、为残翅细眼：长翅细眼：长翅粗眼=1：2：1,则基因D、d位于IV号染色体上；否则位于In号染色体上（4分）（15分=5+5+5）解析（D设水平恒力的大小为R,小球到达C点时所受合力的大小为鼠由力的合成法则有=tanF2=（mg）2Fo2（Dmg设小球到达C点时的速度大小为v,由牛顿第二定律得F=ng）由式和题给数据得F。=IngV=零。（2）设小球到达A点的速度大小为作CD_1PA,交PA于D点,由几何关系得DA=RsinCD=R（1+cosa）由动能定理有一mgCD-F0DA=mv2-mv2由式和题给数据得，小球在A点的动量大小为p=nw尸母皿。（3）小球离开C点后在竖直方向上做初速度不为零的匀加速运动，加速度大小为g。设小球在竖直方向的初速度为v_1,从C点落至水平轨道上所用时间为t。由运动学公式有v_1t+；gt?=CDVi=VSina由须和题给数据得t=久低。35. 36.【答案】（I）CgHKzO（2）还原反应（3）酰胺基、醛键有（1）胰蛋白（或胶原蛋白）抗生素（2）激活受体细胞，使其完成细胞分裂和发育进程（3） 同期发情处理（4）动物体细胞核