G1-01-运动学图像公开课教案教学设计课件资料.docx

《G1-01-运动学图像公开课教案教学设计课件资料.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《G1-01-运动学图像公开课教案教学设计课件资料.docx（8页珍藏版）》请在第一文库网上搜索。

1、xxl.运动学图像1. A、B, C三质点同时同地沿一直线运动，其X，图象如图所示，则在0知这段时间内，下列说法中正确的是（）A.质点A的位移最大B.质点5的路程比C的路程小C.三质点的平均速度相等D.三质点的平均速率相等答案:C2.如图所示是教材中用裂一，图像研究匀变速直线运动的位移一时间关系时用到的插图,如果把物体的运动均分成个小段，得到了图中的个矩形，以及它们与y，图线所夹的个三角形，设物体做匀变速运动的初速度为,加速度为，所用时间为下列说法正确的是（）A.每个三角形的面积与成反比B. 个三角形面积之和为2at2vQt -C. 个矩形的面积之和为2natD.当趋向于无穷大时，个三角形面积

2、之和趋向于2答案:B【详解】ABD.每个三角形的底边长为士，n1 t2每个三角形的面积SoA错误；2 nc c at2S TIDq -n个三角形面积之和为2 , B正确；当趋向于无穷大时，个三角形面积之和趋向于0,故D错误;C. 个矩形的面积之和为22c,atatS = v +22n故C错误。故选B。3. 一辆汽车从车站以初速度为零匀加速直线开去，开出一段时间之后，司机发现一乘客未上车，便紧急刹车做匀减速运动。 此过程中，汽车的最大速度为（A. 1.5msB. 3ms答案：B【详解】做出汽车运动的v-t图象如图所示由图象可知;XIOVm=15解得 Vm=3ms故选B。从启运到停止一共经历t=1

3、0s,前进了 15m,在 ）C. 4msD.无法确定u m(4. 一辆汽车从甲地开往乙地，先由静止启动做匀加速直线运动.然后保持匀速直线运动， 最后做匀减速直线运动，当速度减为0时刚好到达乙地。从汽车启动开始计时，下表给 出的是汽车在某些时刻所对应的瞬时速度，通过表中数据的分析可以得出该汽车时刻（S）1.02.03.05.07.09.510.5速度(ms)3.06.09.012.012.09.03.0A.匀加速直线运动的时间为4.0sB.匀加速直线运动的时间为5.0sC.匀减速直线运动的时间为2.0sD.匀减速直线运动的时间为4.0s答案：AC5. (2023山东)如图所示，电动公交车做匀减速

4、直线运动进站，连续经过R S、T三 点，已知ST间的距离是KS的两倍，KS段的平均速度是IOm/S, ST段的平均速度是 5ms,则公交车经过T点时的瞬时速度为()A. 3msC. lmsB. 2msD. 0.5ms答案:C【详解】设RS间的距离为X,则ST的距离为2x,jQ2x根据题意有10 = 7, 5 = 10联立解得/2= 4九，5由于中间时刻的瞬时速度等于平均速度，、画出如图所示的修图像，1由图得VT = lms故选C。6. 2012年7月6日上午，中国航母辽宁号再次驶离辽宁省大连市造船新厂码头，开始进 行第九次航海试验.已知该航空母舰飞行甲板长度为L=300m,某种战斗机在航空 母

5、舰上起飞过程中的最大加速度为=4.5 ms2,飞机速度要达到。=60 m/s才能安全 起飞.如果航空母舰静止，战斗机被弹射装置弹出后开始加速，要保证飞机起飞安全，战斗机 被弹射装置弹出时的速度至少是多大？如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰前 进的速度至少是多大？答案：(1)30 m/s (2)8 m/s解析(1)设战斗机被弹射出来时的速度为vo,由运动学公式有V2 vi=2aL解得 Vo=30 m/s.设航空母舰匀速状态下飞机起飞所用时间为t,航空母舰的速度至少为Vl解得 v8 m/s.7 .质点从A点沿直线运动到B点，先作初速为零的匀加速运动，随后作匀

6、速运动，总时间 为10s；如果质点一直作初速为零、加速度与第一次相同的匀加速运动，且到达B点时 的速度是第一次到达B点时的2倍。求第二次的运动时间。答案：设质点匀速时速度为。，长为X第一次：x =第二次：X = -Ivt2解得：G = 8 S28 .甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变。在第一段时间间隔 内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时 间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的 一半。求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比。答案：设汽车甲的加速度为在t时刻的速度为V ;则有：a =

7、t汽车乙在t时刻的速度为：2at = 2v汽车甲在2t时刻的速度为：v + 2at = 3v汽车乙在2t时刻的速度为：2v + at = 3v甲车行驶的总路程：x =Lvt+ -(y + 3vt =-vt222117乙车行驶的总路程：X =-2vt + -(2v + 3v)t = -vt222甲、乙两车各自行驶的总路程之比为：土 二9 .现利用手机加速度传感器测物体加速度如图甲所示，将手机从某高度释放，掉落到书 本上，得到图乙的加速度与时间图像，下列说法不正确的是（）A.在B点手机刚好掉落到书本上B.在C点手机的速度达到最大C.在D点手机的速度最大且书本的形变量最大D.手机掉落到书本后会再次被

8、弹起离开书本答案:C【详解】A.由图可知在AB段做自由落体运动，则在B点刚好落到书本上，故A正确，不 符合题意；B.手机在C点，加速度为0,速度最大，故B正确，不符合题意；C.在D点，加速度达到最大，手机到达最低点，速度为0,此时书本的形变量最大，故C 错误，符合题意；D.由图可知，OE阶段加速度减小，则弹力减小，手机开始反弹，故D正确，不符合题意。故选C。10.很多智能手机都有加速度传感器，安装能显示加速度情况的应用程序，便可以测量手 机运动的加速度。手机沿任意方向移动一下，屏幕上便可显示沿、Z轴三个维度各自加速度大小随时间的变化图像。现将手机由静Z轴线性加速度Oooo so.s O3 2

9、10(ZSZUI)P-10.0-20.00.600 0.800 1.00 1.20 1.40止释放，掉落在桌面上、图中2轴线性加速度” 表示手机竖直方向的加速度随时间的变化情况。 下列说法正确的是（ ）A.图中Z轴的正方向为竖直向下B.手机自由下落的时间区间约为0.9s至1.05sC.大约1.36s末手机第一次接触桌面D.整个过程中手机做自由落体运动时间（S）答案:B【详解】ABC.开始手机处于静止状态，加速度为零；然后自由落体运动，加速度为重力加速度g,而a = -IOm/Sz,则图中Z轴的正方向为竖直向上，时间区间约为0.9s至1.05s；大约在1.05s末加速度突然变化，则手机第一次接触

10、桌面，故AC错误，B正确；D.手机的加速度大约在1.05s末加速度突然变化，后反复变化，则手机有多次碰撞反弹再下落，故D错误。故选B。11. （2023广东）钠原子喷泉钟是定标“秒”的装置。在喷泉钟的真空系统中，可视为质点 的艳原子团在激光的推动下，获得一定的初速度。随后激光关闭，艳原子团仅在重力 的作用下做竖直上抛运动，到达最高点后再做一段自由落体运动。取竖直向上为正方 向。下列可能表示激光关闭后艳原子团速度或加速度随时间/变化的图像是AQC.D.答案:D【详解】AB.艳原子团仅在重力的作用，加速度g竖直向下，大小恒定，在VT图像中, 斜率为加速度，故斜率不变，所以图像应该是一条倾斜的直线，

11、故选项AB错误； CD.因为加速度恒定，且方向竖直向下，故为负值，故选项C错误，选项D正确。故选Do12. （2023湖北），二时刻，质点P从原点由静止开始做直线运动，其加速度随时间，按图示的正弦曲线变化，周期为2%。在3。时间内，下列说法正确的是（）B. = 2%o时，P的运动速度最小31t = - %t %。D. 2时，P的运动速度与 2时相同A. 2办时，P回到原点C. % = J时，P到原点的距离最远答案：BD【详解】ABC.质点在。九时间内从静止一直向前加速运动，%o2%o时间内加速度反向做减速运动，2九时刻速度减速到零，此过程一直向前做减速运动，2 能重复此过程的运动，即质点一直向

12、前运动，AC错误，B正确；，-ZoD.。方图像的面积表示速度变化量，2 2 内速度的变化量为零，因此2时刻的3 一0速度与2时刻相同，D正确。故选BDo13.研究物体做直线运动图像可以灵活选取纵横轴所表示的物理量，下列说法正确的是 ( )A.甲图中，物体在。这段时间内的位移等于可B.乙图中，物体的加速度为LOm/S?C.丙图中，阴影面积表示，-巧时间内物体的位移大小D. 丁图中，l = 2s时物体的速度为15ms答案:D【详解】A.若物体做初速度为0、末速度为%的匀加速直线运动，其位移为她人一2根据v-t图像与时间轴所围的面积表示位移，可知该物体的位移大于匀加速直线运动的位 移号，故A错误；B.由图可得表达式为讲中根据公式 v2-vo2=2ax9 可得 1 ms2=2a则得加速度大小为=0.5m/s2故B错误；C.根据A =。可知，乙图像中，阴影面积表示力到打时间内物体的速度变化量， 故C错误；- = 5r-5D.由图可得，11根据位移时间公式X =9+ g at2变形得:=必对比可得vo=-5msa=10ms2则 U2s 时物体的速度为 v=vo+at= (-5+102) ms=15ms故D正确。故选D。